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【技术分享】最新2016华山杯CTF writeup

阅读量276636

|

发布时间 : 2016-09-11 13:06:28

http://p5.qhimg.com/t016026e8bfc01831a1.png

作者：FlappyPig

稿费：700RMB

投稿方式：发送邮件至linwei#360.cn，或登陆网页版在线投稿

2016 华山杯 网络安全技能大赛 解题报告

队伍: FlappyPig 

Web渗透

0x01 打不过~

添加type=”submin”，点击提交抓包

http://p2.qhimg.com/t013a6b95255f5236bb.png

有一串字符串，base64->md5，1931b。提交getflag

http://p5.qhimg.com/t0103d144d5e036d518.png

http://p5.qhimg.com/t014638d654e12ee190.png

0x02 系统管理

源码有代码，先找0e开头的md5，然后user.php，直接反序列化绕过

http://p4.qhimg.com/t010bb7ad7cada8e84f.png

0x03 简单js

看了下js,直接alert(a)    14208

http://p9.qhimg.com/t017b70bea1c31b0547.png

http://p7.qhimg.com/t0128975ccd378b9c67.png

0x04 弹弹弹！

<img src=1 onerror=alert(1)>

http://p3.qhimg.com/t014c9cc7f98fc22514.png

0x05 233

Jsfuck，解密后是一句话

http://p9.qhimg.com/t01f60397496def3d4c.png

用工具解不开，直接自己写脚本吧ANSI->Unicode

http://p8.qhimg.com/t01985b70a790bc3b01.png

0x06 无间道

这题怀疑出错了吧，函数的都没定义，咋传？还没get到出题人的意图，通过下一题直接读的源码

http://p7.qhimg.com/t0117aa9d1b5f2b3056.png

http://p2.qhimg.com/t0100bca3c32df3796f.png

0x07 php很烦人

先看源码，用php://input改成admin，然后可以直接读文件，index中有个class.php

http://p7.qhimg.com/t010086c487e62bec8a.png

<?php
class Read{//f1a9.php
    public $file;
    public function __toString(){
        if(isset($this->file)){
            echo file_get_contents($this->file);    
        }
        return "__toString was called!";
    }
}


没法直接读f1a9.php,反序列化去读

http://p2.qhimg.com/t01783537eb3eec0aa1.png

0x08 More try

靠上个题读到源码，然后看了下role有注入，还有两层base64

http://p0.qhimg.com/t0193c1ea2a10c48b0b.png

Sqlmap有个base64encode.py的tamper，所以自己改下，改成两层

http://p5.qhimg.com/t015ae748d49b28a98a.png

然后sqlmap.py –r –tamper=”base2.py” –v 3 ,the_key表，key字段

http://p0.qhimg.com/t01ecc8929555f1785e.png

http://p3.qhimg.com/t01b6e036b4e6eb390c.png

http://p5.qhimg.com/t0194afec6bdc16aef4.png

0x0A 三秒钟记忆

http://huashan.xdsec.cn/pic/login

这里可以看到源码，

重置密码的地方可以二次注入

http://p9.qhimg.com/t01aca054abb4b9cf68.png

注册的时候带’的用户名，然后重置密码的时候会注入

‘ and LEFT ((select flag from flag),x)=’ flag_Xd{hSh_ctf:dutwq}’

如果充值成功了，密码就会变，所以就无法登陆了，写脚本跑下就好了,太慢了……

0x0B 疯狂的js

这个是plaidctf2014的原题，不过改了一个地方，

var args = [].slice.apply(arguments).sort().filter(function(x,i,a){return a.indexOf(x) == i;});

if(args.length != 5) return "数够参数了吗？";

var flag = false; args.map(function(x){flag |= x >= 999;});

if(flag) return "有点大了哦";

var m = args.map(cal);
if(m.filter(function(x,i){return m[2]+3*i==x;}).length < 1) return "no";
if(m.filter(function(x,i){return x == args[i];}).length < 2) return "nono";
if(m.filter(function(x,i){return x > m[i-1];}).length > 2) return "bala";
if(m.filter(function(x,i){return x < m[i-1];}).length > 1) return "balana~";

满足条件即可弹出flag

五次分别输入

2.0

2.00

6

76

949

http://p2.qhimg.com/t01e17032382dfb20c6.png

Reverse逆向破解

0x01 Crackme1. Warming Up

代码就是个简单变化，动态跟了几步，发现进行了如下操作：

"""
xor 0x30 ^ 1
xor 0x32 ^ 2
xor 0x33 ^ 3
xor 0x34 ^ 1
xor 0x35 ^ 2
"""

最后进行字符串比较，反过来写下就可以，如下：

target = "VgobmndVlBVE"
result = ""
for index, item in enumerate(target):
         result += chr(ord(item)^(((index)%3)+1))
print result

http://p5.qhimg.com/t01cb8a0db10796388b.png

0x02 Crackme2. 到手的钥匙

这题的逻辑就不是常人的，有两个用户名和密码。

开始那个还正常点

用户名：amdin，

密码的md5值知道，然后反查了下值为：xdadmin

http://p0.qhimg.com/t01b1a634141170ed54.png

但是输完并没有什么用，提交也不对：

后来发现另外一个函数也用到了用户名密码，如下：

http://p4.qhimg.com/t01468d04375fd5efc7.png

输入3247,5569得到如下：

http://p6.qhimg.com/t01e8b57a762fafd55d.png

组合下输出的结果，提交不对，，，，，，，，，，

不对啊，，，，，，，，，，

仔细看代码，没别的逻辑了啊，，，，纠结了好久

突然队友提交了“用户名+密码+输出”的结果，通过。。。。。。。。

竟然通过了。。。。。。。。。

0x03 Crackme3. 探囊取物

题目是个图片，直接strings crackme3.jpg，得到一串01

http://p6.qhimg.com/t01fa6fd50b1c7283f4.png

目测可以拼出来字，一共1177个，11*107

http://p2.qhimg.com/t019138862cec0eae39.png

0x04 Crackme4. 移动迷宫

代码就是个简单的走迷宫，图如下：

http://p9.qhimg.com/t0117192c965f927135.png

输入的东西，进行各简单变化，对应于走的方向，如下：

http://p4.qhimg.com/t01b7014729a4dd5319.png

走的逻辑如下：

http://p0.qhimg.com/t0112178bff52413f0a.png

根据坐标生成方向即可，逆代码如下：

map_info = "***********####******#**#*****##*##********#*********#*#####***###***#*********#*********#********##"
result = ""
x = 0
y = 0
pos_list = []
for i in range(len(map_info)):
         result += map_info[i]
         y = (i)%10
         x = i/10
         if (i+1)%10 == 0:
                   result += "n"
         if map_info[i] == "#":
                   pos_list.append((x, y))
print map_info[0x28]
print result
print pos_list
last = 0
way_list = []
way_list.append((1,0))
way_list.append((0,-1))
way_list.append((0,-1))
way_list.append((1,0))
way_list.append((1,0))
way_list.append((1,0))
way_list.append((0,1))
way_list.append((0,1))
way_list.append((-1,0))
way_list.append((0,1))
way_list.append((0,1))
way_list.append((0,1))
way_list.append((1,0))
way_list.append((1,0))
way_list.append((0,-1))
way_list.append((1,0))
way_list.append((1,0))
way_list.append((1,0))
way_list.append((1,0))
way_list.append((0,1))
way_list.append((0,1))
way_list.append((0,1))
way_list.append((0,1))
way_list.append((-1,0))
print len(way_list)
map_dic = {}
map_dic[(-1, 0)] = 3
map_dic[(1, 0)] = 4
map_dic[(0, -1)] = 1
map_dic[(0, 1)] = 2
result = []
for i in way_list:
         result.append(map_dic[i])
way_key = """0A1B
a2b3
4C5D
c6d7
8E9F
e0f1"""
way_key = way_key.split("n")
print result
print len(result)
result_info = ""
for i in range(4):
         for j in range(6):
                   result_info += way_key[j][result[i*6+j]-1]
print way_key
print result_info


flag如下：最后一行

http://p8.qhimg.com/t01d3e2015dad03bb45.png

0x05 Crackme5. Do something

虽然题目给了个jpg，但其实是个程序，主要的判断逻辑如下：

int __cdecl sub_401000(char *Src)
{
  char Dst[20]; // [sp+0h] [bp-14h]@1
  Dst[0] = byte_415282;
  *(_DWORD *)&Dst[1] = 0;
  *(_DWORD *)&Dst[5] = 0;
  *(_DWORD *)&Dst[9] = 0;
  *(_DWORD *)&Dst[13] = 0;
  *(_WORD *)&Dst[17] = 0;
  Dst[19] = 0;
  strcpy_s(Dst, 17u, Src);
  check_equ_401320(Dst[0], Dst[8]);
  check_equ_401320(Dst[0], Dst[9]);
  check_equ_401320(Dst[1], Dst[10]);
  check_equ_401320(Dst[2], Dst[4]);
  check_equ_401320(Dst[3], Dst[5]);
  check_equ_401320(Dst[11], 5);
  check_equ_401320(Dst[7], 3 * Dst[11]);
  check_bigger_401350(Dst[12], 5 * Dst[14]);
  check_equ_401320(Dst[13], 2 * Dst[12]);
  check_bigger_401350(Dst[3], 3 * Dst[12]);
  check_bigger_401350(Dst[0], Dst[3]);
  check_bigger_401350(21, Dst[0]);
  check_equ_401320(Dst[0], Dst[6] + Dst[12]);
  check_equ_401320(Dst[6], 2 * Dst[15]);
  check_bigger_401350(Dst[2], 4 * Dst[14]);
  check_bigger_401350(Dst[6], Dst[2]);
  if ( Dst[2] % 3 )
  {
    printf(aNextTime);
    sub_40E644();
    exit(0);
  }
  check_bigger_401350(Dst[1], 7);
  check_bigger_401350(Dst[2], Dst[1]);
  return check_bigger_401350(Dst[0], Dst[1] + Dst[2]);
}


就是一些列的条件，满足就会输出得到了flag，约束如下：

Dst[0] = Dst[8]
Dst[0] == Dst[9]
Dst[1] == Dst[10]
Dst[2] == Dst[4]
Dst[3] == Dst[5]
Dst[11] == 5
Dst[7] == 3 * Dst[11]
Dst[12] > 5 * Dst[14]
Dst[13] == 2 * Dst[12]
Dst[3] > 3 * Dst[12]
Dst[0] > Dst[3]
21 > Dst[0]
Dst[0] == Dst[6] + Dst[12]
Dst[6] == 2 * Dst[15]
Dst[2] > 4 * Dst[14]
Dst[6] > Dst[2]
Dst[2] % 3 == 0
Dst[1] > 7
Dst[2] > Dst[1]
Dst[0] > Dst[1] + Dst[2])


直接用个求解器求解即可，结果如下：

http://p2.qhimg.com/t01203d428c835978f3.png

直接算出与加上0x60即可得到flag，如下：

http://p9.qhimg.com/t01db94fcf4f56f10b3.png

0x06 Crackme6. Help me

这题目就是运行得时候，对一些不可访问的地址进行了写入，导致崩溃，看代码貌似是专门这样写的，如下：

http://p5.qhimg.com/t0167e8d630acc46e52.png

直接对[0x10]处进行了赋值，程序这样的位置还有好几处，如下：

http://p4.qhimg.com/t01dad85f9acbc37d07.png

直接对其进行nop，然后将输出，转成printf即可，如下:

http://p0.qhimg.com/t0145ab7b613d9a25b7.png

Flag直接就打印出来了，如下：

http://p6.qhimg.com/t012609562f4273a34c.png

0x08 Crackme8. 忘记用户名

代码就很简单，如下图：

http://p4.qhimg.com/t01aed257c6b2116048.png

直接计算即可， 代码如下：

info = "ILoveXD"
result_info = ""
for i in range(7):
    result_info += chr(ord(info[i])+7-i)
print result_info

结果如下：

http://p4.qhimg.com/t0199e6d647fbd73585.png

0x09 Crackme9. 捉迷藏

用户名: FindKey

密码：T25Zb3VyQ29tcHV0ZXI= base64解码得: OnYourComputer

生成了一个flag.jpg，里面的内容为FindKeyOnYourComputerArvinShow

Flag的品相好差。

Crypto加密解密

0x01 紧急报文

ADFGX加密

0x02 is it x or z ?

给了3个文件 clear-1.txt crypt-1.txt和crypt-2.txt，用clear-1.txt和crypt-1.txt异或可以得到重复循环的片段，推测循环节即为密钥，用该密钥解密crypt-2即可得到flag

0x03 分组加密模式检测

这是个原题，见这里：https://github.com/truongkma/ctf-tools/tree/master/cryptopals-solutions-master/set1/8

主要就是从一大堆CBC密文里检测出ECB密文，脚本一模一样抄即可。

0x04 修复一下这份邀请函的部分内容

打开就是flag，明文，直接交

http://p8.qhimg.com/t0127632dd8545363b7.png

flag_Xd{hSh_ctf:flag xie can xie yu hen xing gao}

0x0 5协议？认证？加密？

这题先进行了DH交换密钥，然后用交换后的密钥加密的flag。A B P都不是很大，猜想这个离散对数问题比较容易解。

https://www.alpertron.com.ar/DILOG.HTM

用这个工具可以直接求解出离散对数算出a的私有指数，然后计算B^a就作为密钥了。但是这题有一个地方很坑，得到的密钥只有8个字节，但是AES需要16个字节作为密钥，一开始卡这里卡了很久。后来才脑洞出来高位全部补x00，然后解完发现后一半flag是乱码，又是很坑，后来用CBC模式试了一下，iv取全0，解出来才正常。

0x06 时间决定一切

web的任意文件读取，直接读源码

http://p3.qhimg.com/t016b8aa2edab5e0f69.png

Android

0x01 错错错

这题算法其实很简单，就是对随机字符串进行啦哈希操作然后进行一个替换作为密码。由于运行的时候用的hash函数是随机的，所以4个都试一下。

#!/usr/bin/env python
import hashlib
dic = "AabRcQPXdYVeTWUSfghijklCmDnEoGpqFrHsItKJLuvwxyz01M23O45N67Z89B"
serial = "skxxRWi23"
for i in range(4):
         ans = ''
         if (i==0):
                   enc = hashlib.md5(serial).hexdigest()
                   for j in range(8):
                            ans += str(dic.index(enc[j]))
                   print enc
                   print ans
         if (i==1):
                   enc = hashlib.sha1(serial).hexdigest()
                   for j in range(8):
                            ans += str(dic.index(enc[j]))
                   print enc
                   print ans
         if (i==2):
                   enc = hashlib.sha256(serial).hexdigest()
                   for j in range(8):
                            ans += str(dic.index(enc[j]))
                   print enc
                   print ans
         if (i==3):
                   enc = hashlib.sha384(serial).hexdigest()
                   for j in range(8):
                            ans += str(dic.index(enc[j]))
                   print enc
                   print ans


最后尝试发现：

序列号：skxxRWi23

哈希值：521c0892b9dc0a7026fbe9664e6a339e7fee9492605733ea09968fbd83f18dfff91fe87d9d620fa4d3dd3010b47495dc

解锁码：545048447596050

这一是正确的。

0x02 寻找密码

这题其实是给apk加了个壳，程序里把真实的apk经过了加密(异或255)拼到了apk的dex文件后面，所以我直接把dex文件提取出来，整个文件异或255，然后从第一个PK开始提取出原始APK。然后原始的APK扔到jeb里就很容易看出源代码了。

算法很简单：

#!/usr/bin/env python
import base64
import hashlib
username = base64.b64decode('U2hlMTFfTjZSYw==')
v4 = hashlib.sha1(username).hexdigest()
print username
print v4[:16]


0x03 顺藤摸瓜

apk用了zip伪加密，首先用010editor打开，将所有 0x50 0x4B 0x01 0x02（PK..）的位置后的第五个字节改为0，即可成功安装或解压。可参考吾爱破解的文章帖子http://www.52pojie.cn/thread-287242-1-1.html。

反编译apk后发现会调用Native函数check来验证密码，直接用ida将libdemo.so打开。如下

http://p3.qhimg.com/t01aa8d45fe86c7d347.png

三段比较简单的加密，直接用ipython解了

http://p2.qhimg.com/t0179168d6def347bff.png

http://p1.qhimg.com/t012a8a792a888ec2c4.png

http://p8.qhimg.com/t01680958f750f2ba1b.png

http://p2.qhimg.com/t015b9aefb48b5ff351.png

把上面的result的值输入手机中，即可显示“碰头地点：太白南路2号”

0x04 神奇的zip

这个题首先也是一个伪加密，修复后即可正常安装和解压。

首先apk一启动就会调用libgeneratekey.so中的isExit函数，如果该函数返回0那么apk就退出，而ida查看isExit函数的唯一作用就是返回0。因此可以使用apktool反编译apk，将SplashActivity.smali文件中第52行的if-eqz改为if-nez，即可绕过这个检测。

随后会启动MainActivity，这个类的唯一操作就是将输入的字符串传入native层的函数encodePassword中，并且显示出encodePassword返回的字符串。因此我们使用ida查看encodePassword函数。主要逻辑如下

http://p3.qhimg.com/t0183eb860d2c0a2dda.png

可以看出，该函数会将输入的字符串与一串经过极其复杂变形的字符串进行比较，这里我们可以不去深入研究变形的过程，因为该函数没有将输入的字符串做任何变化，而是去直接比较的，因此我们可以使用调试或者hook的方法直接将变形完的字符串打印出来。这里我用frida直接hook了encodePS函数，打印出它的返回值即可，会打印两遍，取后一次。

hook代码

let F =   Module.findExportByName('libgeneratekey.so', 'encodePS');
Interceptor.attach(F,   {
    onLeave: function (retval) {
        let ptr = new NativePointer(retval);
        console.log(hexdump(ptr));
    }
});

输出：

http://p3.qhimg.com/t01cb185e4cd3766cc1.png

上图以l开头的字符串即为flag。

Misc

0x01 Try Everything

这题并不难，直接解压后发现是乱的

http://p8.qhimg.com/t0140ffa70e4e0dcd53.png

 

然后扔binwalk，得到文件名和偏移量，脚本分解出文件

http://p9.qhimg.com/t01a9706cabb50e6283.png

然后按照文件名排序解出并且合并文本

http://p6.qhimg.com/t015eae64c03e0f86a3.png

0x02 挣脱牢笼

Python沙盒逃逸题。

一开始设想用[].__class__.__base__.__subclasses__()[40]来使用file读文件。后来发现他命令限制长度50，非常蛋疼。后来才发现可以直接设定__builtins__变量来把指令分成多条进行，就不会受这个限制了。最后的exp如下：

__builtins__['ww']=().__class__.__base__
__builtins__['w']=ww.__subclasses__()
w[40]('./flag.txt').read();print k

Forensics

0x01蒲公英的约定

Stegsolve打开，里面有张二维码，反色下就好了

http://p9.qhimg.com/t01b194e82d741f199d.png

http://p6.qhimg.com/t01a14e139955364da1.png

扫码后base32

0x02什么鬼

Binwalk可以看到一个zip

http://p4.qhimg.com/t01648962475f855c53.png

密码长度4位，直接爆破，密码：19bZ

http://p8.qhimg.com/t01084d8a9891b46248.png

解开后将右边的块补上即可

http://p1.qhimg.com/t0193fd27b18d21f29a.png

0x03客官，听点小曲儿？

         那个http的头里发现了：

http://p8.qhimg.com/t0127942c1a076aa92d.png

         直接用mp3stego decode掉得到：

http://p7.qhimg.com/t01fd08424457e6a0d8.png

         可见字符，顺序乱了，考虑栅栏，长度为6的试了不行，后面应该长度有些许变化，手动切割，得到flag：

a="fdc3_# l{tsf# ahfte} gS:en _hmgc X_poe"
   b=a.split(" ")
   s=""
   for i in   range(6):
       for j in b:
           if i < len(j):
               s+=j[i]
   print s

本文由安全客原创发布

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